Forum de mathématiques - Bibm@th.net
Vous n'êtes pas identifié(e).
- Contributions : Récentes | Sans réponse
Pages : 1
#1 02-05-2021 03:26:49
- mokdad
- Membre
- Inscription : 02-05-2021
- Messages : 1
Nombres complexes
Bonjour!
Soient [tex]a[/tex] un nombre réel et [tex]b[/tex] un nombre complexe. Prouver que
[tex]\displaystyle \sup_{\theta\in\mathbb{R}} \big|\operatorname{Re}\left(e^{i \theta} a\right)+\operatorname{Re}\left(e^{i \theta} b\right) \big|+\sqrt{(\operatorname{Re}\left(e^{i \theta} a\right)-\operatorname{Re}\left(e^{i \theta} b\right))^{2}+(r(\theta))^{2}} \geq \sup_{\theta\in\mathbb{R}} \sqrt{4a^{2}cos^{2}\theta+ (r(\theta))^{2}}[/tex] avec [tex]r(\theta)[/tex] ne depends ni de [tex]a[/tex] ni de [tex]b[/tex].
j'ai remarqué que le membre à droite est obtenu en prenant [tex]a=-d[/tex].
Merci d'avance!
Dernière modification par mokdad (02-05-2021 03:28:25)
Hors ligne
#2 02-05-2021 09:22:49
- Roro
- Membre expert
- Inscription : 07-10-2007
- Messages : 1 565
Re : Nombres complexes
Bonjour,
Ton inégalité sera vérifiée si tu sais montrer que, pour tous réels $x$, $y$ et $r$, tu as
$$|x+y|+\sqrt{(x-y)²+r²} \geq \sqrt{(2x)²+r²}.$$
En posant $a=\frac{x-y}{x+y}$ et $b=\frac{r}{x+y}$ ça revient à montrer que, pour tous réels $a$ et $b$ tu as
$$1+\sqrt{a²+b²} \geq \sqrt{(1+a)²+b²}.$$
Si tu mets tout au carré, ça donne
$$2\sqrt{a²+b²} \geq 2a.$$
Cette dernière inégalité étant toujours vraie, tu dois réussir à remonter jusqu'à ce que tu veux... aux erreurs de calculs près (je n'ai pas relu) !
Roro.
Dernière modification par Roro (02-05-2021 09:24:20)
Hors ligne
#3 03-05-2021 00:42:59
- Moktad
- Invité
Re : Nombres complexes
Bonjour!
Merci infiniment de cette astucieuce preuve.
Pages : 1