$$\newcommand{\mtn}{\mathbb{N}}\newcommand{\mtns}{\mathbb{N}^*}\newcommand{\mtz}{\mathbb{Z}}\newcommand{\mtr}{\mathbb{R}}\newcommand{\mtk}{\mathbb{K}}\newcommand{\mtq}{\mathbb{Q}}\newcommand{\mtc}{\mathbb{C}}\newcommand{\mch}{\mathcal{H}}\newcommand{\mcp}{\mathcal{P}}\newcommand{\mcb}{\mathcal{B}}\newcommand{\mcl}{\mathcal{L}} \newcommand{\mcm}{\mathcal{M}}\newcommand{\mcc}{\mathcal{C}} \newcommand{\mcmn}{\mathcal{M}}\newcommand{\mcmnr}{\mathcal{M}_n(\mtr)} \newcommand{\mcmnk}{\mathcal{M}_n(\mtk)}\newcommand{\mcsn}{\mathcal{S}_n} \newcommand{\mcs}{\mathcal{S}}\newcommand{\mcd}{\mathcal{D}} \newcommand{\mcsns}{\mathcal{S}_n^{++}}\newcommand{\glnk}{GL_n(\mtk)} \newcommand{\mnr}{\mathcal{M}_n(\mtr)}\DeclareMathOperator{\ch}{ch} \DeclareMathOperator{\sh}{sh}\DeclareMathOperator{\th}{th} \DeclareMathOperator{\vect}{vect}\DeclareMathOperator{\card}{card} \DeclareMathOperator{\comat}{comat}\DeclareMathOperator{\imv}{Im} \DeclareMathOperator{\rang}{rg}\DeclareMathOperator{\Fr}{Fr} \DeclareMathOperator{\diam}{diam}\DeclareMathOperator{\supp}{supp} \newcommand{\veps}{\varepsilon}\newcommand{\mcu}{\mathcal{U}} \newcommand{\mcun}{\mcu_n}\newcommand{\dis}{\displaystyle} \newcommand{\croouv}{[\![}\newcommand{\crofer}{]\!]} \newcommand{\rab}{\mathcal{R}(a,b)}\newcommand{\pss}[2]{\langle #1,#2\rangle} $$
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Raisonnement par analyse-synthèse

Le raisonnement par analyse-synthèse est un type de raisonnement mathématique permettant de démontrer l'existence et l'unicité d'un objet vérifiant des propriétés données. Il se décompose en deux parties :

  1. l'analyse : on suppose que l'objet existe et on essaie de trouver des conditions nécessaires que doit vérifier cet objet. Ce faisant, on prouve que si l'objet existe, alors il est nécessairement égal à une certain objet $\mathcal O$ (ceci assure l'unicité).
  2. la synthèse : on considère l'objet $\mathcal O$ identifié dans la partie analyse, et on vérifie qu'il a bien les propriétés voulues (ceci assure l'existence).

Voici un exemple très classique de raisonnement par analyse-synthèse : on souhaite prouver que toute fonction $f$ définie sur $\mathbb R$ s'écrit de manière unique comme somme d'une fonction paire $p$ et d'une fonction impaire $i$. A première vue, cela semble être un problème difficile, on ne voit vraiment par comment choisir $p$ et $i$ en fonction de $f$. On va traiter ce problème par analyse-synthèse.

Analyse : On suppose que $f=p+i$, où $p$ est paire et $i$ est impaire. Fixons $x$ dans $\mathbb R$ et calculons $f(-x)$ : $$f(-x)=p(-x)+i(-x)=p(x)-i(x)$$ puisque $p$ est paire et $i$ est impaire. Comme on a aussi $$f(x)=p(x)+i(x)$$ on a en effectuant la somme des deux équations $$p(x)=(f(x)+f(-x))/2$$ et, en effectuant la différence : $$i(x)=(f(x)-f(-x))/2.$$

Ainsi, si $p$ et $i$ existent, ils s'écrivent nécessairement comme ci-dessus. Ceci montre l'unicité d'une décomposition, si elle existe, mais on n'a pas encore prouvé l'existence (d'ailleurs, notre raisonnement a commencé par "On suppose qu'une décomposition existe..."). Pour prouver l'existence, on doit encore faire la

Synthèse : Posons $$p(x)=(f(x)+f(-x))/2$$ et $$i(x)=(f(x)-f(-x))/2.$$ Alors :
  • $f=p+i$ : c'est évident.
  • $p$ est paire : en effet, on a $$p(-x)=(f(-x)+f(x))/2=(f(x)+f(-x))/2=p(x).$$
  • $i$ est impaire : en effet, on a $$i(-x)=(f(-x)-f(x))/2=-(f(x)-f(-x))/2=-i(x).$$
Ceci prouve l'existence de la décomposition.
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